如图所示,光滑斜槽轨道下端与一个半径为r=0.4m的光滑圆形
来源:学生作业帮助网 编辑:作业帮 时间:2024/09/30 20:24:47
(1)设滑块在B点速度为v,对滑块从A到B的过程,由动能定理得:mgR-EqR=12mv2①设滑块在B点对B点压力为F,轨道对滑块支持力为F′,由牛顿第三定律得得:F′=F②对滑块由牛顿第二定律得:F
(1)由机械能守恒定律,得:mgR=12mvB2在B点 N−mg=mvB2R由以上两式得 N=3mg=3N.故小物块到达圆弧轨道末端B点时受的支持力为3N.(2)设在水平面上滑动的
在B处,还属于向心运动,因此F(NB)=F向+G=mv^2/R+mg,而C处小球是匀速直线运动,F(NC)=重力G=mg,又因为根据能量守恒,A点的势能mgR=B处的动能1/2mv^2,从而求出mv^
再问:请问还有b滑块呢?在B点a,b正碰。而且说了b滑块碰后的速度和a滑块碰前的速度相同。再答:解题的目的是,求出答案,在本题中,看不出b的有关条件。所以,就不理它。题设中,并没有说,二者碰后,就成为
子弹射入后子弹与球的共同速度为V=V.m/(m+M)=4米/秒由√gR≤V有:R≤1.6米...这样才能保证物块与子弹能一起运动到轨道最高点水平抛出.由2R(m+M)g+1/2(M+m)V1^2=1/
分析,(1)中,物体对轨道B点的压力,即物体作圆周运动的向心力与物体重力的合力.物体重力已知,关键是求向心力.向心力与物体质量、轨道半径和物体速度有关,其中仅物体速度未知.而物体速度则和物体能量变化有
我是今年高考完的学生,这道题我会做,不过结果不一定对.我的答案是:C解释:首先看选项A由楞次定律有导体棒受安培力为阻力.因而,上升时由牛顿第二定律有F安培+mgsinθ=ma1下降时有mgsinθ-F
这样的题目因为没有摩擦,所以不计能量损失,用守恒的观点看,小球下落是势能转化为动能.势能很好量化,就是下落的高度产生的.动能等于势能减少量,而动能跟速度又是有相关公式的.这么说这个题会做了吗?至于圆弧
若使小球在圆轨道内恰好能作完整的圆周运动,在最高点时,恰好由小球受到的重力和电场力的合力提供向心力,则有 mg-qE=mv2R由题意,qE=34mg,则得14mgR=mv2对A到圆环最高点的
①根据机械能守恒定律,小物块在Q点的动能EkQ=mgR=0.05×10×0.5J=0.25J②根据动能定理,小物块从P点运动到M点的过程中,有mgR-μmgL=0得:μ=RL=0.51.0=0.5答:
(1)设物块A滑到斜面底端与物块B碰撞前时的速度大小为v0,根据机械能守恒定律有:m1gh=12m1v 20v0=2gh=2×10×0.8m/s=4m/s(2)设物块B受到的滑动摩擦力为f,
(1)从A→B过程,由动能定理得:mgR=12mvB2-0,解得:vB=2gR;(2)小球在经过圆弧轨道的B点时,由牛顿第二定律得:NB-mg=mv2BR,解得:NB=3mg,从B→C做匀速直线运动,
(1)设小球的质量为m,它通过最高点C时的速度为vc,根据牛顿第二定律,有:mg+3mg=mv2cR代人数据解得:vc=4gR=4×10×0.9m/s=6m/s 设小球在A点的速
根据受力情况可知,要使小球下滑必须重力大于等于电场力即:Eq≤mg,即E≤mgq,故A错误,B正确;当重力大于电场力时,小球加速下滑,到达B点速度,大于v0,若是重力等于电场力,小球匀速下滑,到达B点
(1)小滑块从C到B的过程中,只有重力和电场力对它做功,设滑块经过圆弧轨道B点时的速度为vB,根据动能定理有 mgR−qER=12mv2B解得 vB=2(mg−qE)R
这个题没那么复杂,不需要用那么复杂的公式去解的,题目前面啰嗦那多,就是想说明运动员在光滑圆弧轨道上没有能量损失,所以这个题用机械能守恒定律去解就非常简单了:运动员的重力势能+初动能=摩擦力作功,设运行
设小球A与小球B碰撞前的速度大小为v0.根据弹性碰撞过程动量守恒和机械能守恒得: mAv0=mAv1+mBv2 12mAv20=12mAv21+12mBv22联立解得:v1=mA−
答案:(1)1.25m/s(2)0.0781m≤h≤0.3125m(1)B球:碰后平抛过程,由运动学规律知水平方向,匀速运动s=vBt竖直方向,自由落体运动H=0.5gt^2联立解得:t=0.4s,v
(1)物体从B点下落至P点所用时间:t=(2h/g)^1/2=1s物体在B点下落前速度v1=x/t=2m/s物体从A点下落至传送带时的速度v2=(2gh)^1/2=10m/s当传送带转动时,由于v2>