如图所示,一质量不计的横梁,A端用铰链固定在墙壁上
来源:学生作业帮助网 编辑:作业帮 时间:2024/09/22 07:22:02
(1)根据牛顿第二定律得:F-mg=ma,解得:F=mg+ma=30+3×2N=36N.(2)2s内的位移为:x=12at2=12×2×4m=4m.(3)2s末速度为:v=at=2×2m/s=4m/s
这个方法叫相似.就是把受力图画出来,一定要画的标准,长度,角度.然后,你在看杆,线和墙的形状,会发现,和受力图的形状相同.这样你转的时候就会发现什么是变的,比如绳的长度,那么相似三角形中和绳的那个边相
(1)整个过程从A到D,由动能定理有:mg•ADsinθ-μmgcosθ(AB+BC+AB+BC-AD)=0-12mv02代入数值解为:μ=0.5(2)从A到C过程,根据动能定理:mg•ACsinθ-
烧断细线之前绳子拉力F拉,弹簧弹力F弹:A+B为整体:F拉=2mgB:F弹=mg绳子烧断瞬间:A:F弹+mg=ma(A)a(A)=2g绳子烧断瞬间,弹簧形变为变化,弹力也未变化,因此B:F弹-mg=m
动滑轮,A移动0.4米,绳子自由端,即F移动了0.8米,故做功:W=FS=2*0.8=1.6J
以横梁为研究对象受力分析,受向下的G,过A点的F,沿BC的T,三力平衡.选A为支点,铰链对横梁的力F的力矩为0,CB绳的力矩为TL,L为A到BC的垂直距离,为定值.G的力矩为GS,S是物体的悬挂点到A
这种题目,你先自己分析,然后再做题目,这样对你帮助会更大些 先受力分析吧接下来,再看题目其实你要注意到M(sinα+μcosα) 这个地方和Mg(sinα+μcosα)
整体法把M和m看成一个整体,∴水平面对M和m的支持力=(M+m)gA正确墙面对正方体的弹力大小=mgcota=MgtanaB错正方体对直角劈的弹力大小=mg/sinaC错直角劈对墙面的弹力大小=mgc
在本题中通过滑轮的绳子所受力的大小相等,都等于C的重力,由于OA方向不变,因此绳子OA与OC的合力不变,根据受力平衡可知,绳子OA与OC的合力大小等于绳子OB的拉力大小,故无论B左移右移,F都保持不变
(1)滑块从A到B,由机械能守恒得mgR=12mv2解得v=2m/s在B点,由牛顿第二定律得N−mg=mv2R解得N=30N(2)在传送带上滑块先做匀减速运动,由牛顿第二定律得:-μmg=ma1解得a
A、由于B点始终处于平衡状态,故B点受到的力的大小为各力的合力.故B点在变化过程中受到的力始终为0.故大小不变.故A错误B、由对A项的分析知B点受到的力始终为0,不变.故B错误.C、由对A项的分析知B
A、由于B点始终处于平衡状态,故B点受到的力的大小为各力的合力.故B点在变化过程中受到的力始终为0.故大小不变.故A错误B、由对A项的分析知B点受到的力始终为0,不变.故B错误.C、由对A项的分析知B
A也应该是3kg,因为是定滑轮.左端的质量是6kg.这是天平还有游码呢,左物右码,物的质量等于砝码的质量加游码的质量,C相当于砝码,所以C的质量小于或等于6kg,所以选择A选项.
物体P的重力势能的变化量就是手对绳子做的功,因此求出物体的上升高度即可,成为数学问题.设绳子A端到B点后,A点不变,AP=h,则BP=2.5×2-h=5-h,有h^2+4^2=(5-h)^2解得h=0
之前我回答别人的,参考下吧.有问题再一起探讨.细线,烧断后,我已分析过,B瞬间静止不动,且所受合力为0,而A所受到的细线F拉由原来的2mg突然消失,因此A的瞬间加速度为2g,向下加速运动;由于瞬间B不
以AB组成的系统为研究对象,由牛顿第二定律得:系统的加速度a=F−μ×2mg2m+m=F−2μmg3m,以B为研究对象,由牛顿第二定律得:A对B的作用力:FAB=ma=F−2μmg3,即AB间的作用力
首先,因为半径是固定的,所以,达到最大速度时,也就是达到最大角速度时因为是个支架,A和B的角速度肯定是相等的所以AB是同时达到最大速度的这应该好理解什么时候速度最大呢,也就是什么时候动能最大呢,由机械
对于A、B组成的系统,由于运动过程中只有重力和杆的弹力做功,所以系统的机械能守恒,根据机械能守恒定律.以最低点B球所在的水平面作为重力势能的0势面,列方程为: 12mv2A+mgL2+12m
因为处于静止状态所以滑轮两边受力平衡因为B重10N所以A拉着滑轮的力也为10N则滑轮处受合力为20N故测力计显示20N其中A受支持力为30N