长为3m的匀质木板平板

计算门框的对角线长度(勾股定理)=根号下(1.5*1.5+2*2)=2.5所以只要宽度小於2.5就能过(宽度斜著就能进)作为选择题,如果中考考这题,你赚了,不用算,1234里面找个最小的数就行了因为只

长木板静止在光滑水平面上的过程：取长木板和小滑块组成的系统动量守恒mVo=mVo/3+MV1解得V1=2mVo/3M产生的摩擦热Q1=小滑块的初动能-（小滑块的摸动能+长木板的末动能)Q1=1/2*m

这是一道有固定转轴的物体的平衡问题.第一步：在纸上画图,分析受力情况.此题：均匀木板的自重（200N)作用在木板的中间（6米）处,方向向下,绳子的拉力200N,方向向上.假设,400N的重物放在支点的

（1）最终木板和木块的速度大小和方向取向有为正方向由动量守恒定律得MV1-mv1=(m+M)VV=2m/s最终木板和木块的速度2m/s和方向与木板运动方向相同（2)当木板以2.4m/s的速度朝右运动时

1,木块静止在长木板上时,弹力等于重力垂直于斜面的分力N1=mgcosa静摩擦力等于重力沿着斜面的分力f1=mgsina2,当把木板的倾角增大到θ时,弹力依然等于重力垂直于斜面的分力N2=mgcosθ

1)答案肯定是0.6m.过程我也不是很清楚.2）由于小车与地没有摩擦,且碰撞时候没有能量损失,最后系统所有的动能全部转换成摩擦生热,所以可由其算出相对位移uMgs=1/2mv^2

9秒15w

设木板的质量为M，物块的质量为m；开始阶段，m向左减速，M向右减速，根据系统的动量守恒定律得：当物块的速度为零时，设此时木板的速度为v1．根据动量守恒定律得：（M-m）v=Mv1代入解得：v1=(M−

（1）物块刚好不掉下去，物体与木板达到最大静摩擦力，且具有相同的最大加速度a1，对物块，最大加速度，a1＝μ1mgm＝μ1g＝1m/s2对整体：F0-μ2（M+m）g=（M+m）a1∴F0=μ2（M+

(1)f=μmg,a=（F-f）/m=2m/s²,L=1m,v²=2as,得v=2m/s（2）a1=f/M=1m/s²,v1=a1t,v=at,于是v=2v1,S-S1=

G乙l1=G甲l2，∴m乙（L2-Vt）cos30°=m甲Vtcos30°，即m乙（L2-Vt）32=m甲Vt32，可得30kg×（1.5m-0.1m/s×t）=20kg×0.1m/s×t，所以t=9

（1）对物体受力分析如图：木块所受的弹力为：FN=mgcosα木块所受摩擦力为：Ff=mgsinα（2）当木块倾角增大为θ时摩擦力为Ff=mgsinθ    &

长木板质量为m,长为l,静放在水平地面上,一质量也为m的质点,以初速度v.=3m/s从长木板的左边滑上木板,已知质点滑到木板右端时,质点、长木板的速度均为v=1m/s,试求相对滑动过程中木板完成的位移

由动量定理知(F-umg)t=mv即v=(F-umg)t/m所以对B做的功为W=mvv/22)由umgt=MV即V=umgt/M所以对A做功为W=MVV/23)先求B位移即L=(F-umg)tt/2m

分析：没有图,不妨假设木板为AB,木板的重心为O'.则AO'＝AB/2＝12m/2＝6m；OO'＝AO'－OA＝6－3＝3(m)；OB＝AB－OA＝12－3＝9(m)假设球形物体从木板的A端滚到B'处

在放上铁块之前,木板匀速向右运动,拉力=地面对木板的摩擦力：F=μMg地面与木板之间的摩擦系数μ=F/(Mg)=8/(4*10)=0.2轻轻放上铁块之后,摩擦力f=μ(M+m)g=0.2*（4+1）*

杠杆平衡问题要使杠杆平衡,作用在杠杆上的两个力（动力和阻力）的大小跟它们的力臂成反比.动力×动力臂=阻力×阻力臂,用代数式表示为F•L1=W•L2.式中,F表示动力,L1表示动

首先,你得知道,这个杠杆怎么就开始转动了,也就是当右边的小孩作用在杆上的力和其力臂的乘积,大于左边小孩的力与力臂的乘积,的时候就能转动了.那么,我们现在探究一下,什么时候这个杠杆就处于平衡状态呢?也就

1.拉出的条件是短木板加速度a1＜长木板加速度a2短木板受力F1=umg加速度a1=ug长木板与桌面摩擦力F2=u（M+m）g与短木板摩擦力即为短木板受力F1长木板受合力F合=F-F1-F2=F-um

木板开始转动时是杠杆达到平衡条件时设甲离中点L2,乙离中点L1G甲L2=G乙L1,所以L1:L2=2:3根据已知条件得：(1.5-0.1t):0.1t=2:3解得：t=9s(2)L1=0.9mW=Gh