质量分别为2m和m的ab两种物体叠放在一起,放在光滑的水平地面上

这道题用机械能守恒.以O点为零势能点,则初机械能为－3mgl；假设0B处于水平位置时,重力势能为－4mgl,所以有动能,B端会继续上摆,所以最终B端会在0点所在水平面上方.设最终0B与0点所在水平面成

好说再问：说再答：1:2再答：再答：角速度一样再答：和质量无关

设AB半圆半径为r.脱离了,mg=mV²/r,求出V=√gr.M和m的速度V相同.由动能定理,合外力做功等于动能改变量,合外力做工只有重力做功（M＞m)为g(0.5πrM-mr),所以：g(

设小球A、B以转速ω旋转时,受到弹簧作用力为Ta和Tb,运动半径分别为Ra、RbTa=Tb(牛三）则Ta=2mω^2Ra……①Tb=mω^2Rb……②由①②得Rb=2Ra而Ta=k(Ra+Rb-L)代

½mv²=½×2mv'²,∴v=√2v',p=mv,p'=2mv',∴p:p'=v:2v'=1：√2.再问：M呢

质量为2m的木块受到重力、质量为m的木块的压力、m对其作用的向后的摩擦力，轻绳的拉力、地面的支持力五个力的作用，故A错误；对整体，由牛顿第二定律可知，a=F6m；隔离后面的叠加体，由牛顿第二定律可知，

"竖直向上的外力F作用在杆MN上,使两杆水平静止"——F=3mg.对MN,重力与F合力为2mg,向上；对M'N',重力为2mg,向下.受力分析一画（略）,两者受力对称,当然同时速度达到最大了.答案不想

选【BD】D项分析：当弹簧第一次恢复原长时,A将受一个弹簧给它向右的力,此时A要开始离开墙壁.此时,弹簧为原长,根据能量守恒,系统之前的弹性势能E完全转化为B的动能,则有【E=1/2*2m*v*v】可

质量为2m的木块受到重力、质量为m的木块的压力、m对其作用的向后的摩擦力，轻绳的拉力、地面的支持力五个力的作用，故A错误；对整体，由牛顿第二定律可知，a=F6m；隔离后面的叠加体，由牛顿第二定律可知，

利用加速度相同[F-μ(mg+Mg)]/(m+M)=(kx1-μmg)/m(1)(F-mg-Mg)/(m+M)=(kx2-mg)/m(2)联立,(1)-(2)把未知量消除即可x1=x2,即x1∶x2=

A的加速度为0,因为剪短弹簧后绳子的张力发生突变,变为A的重力,所以A仍然平衡；B的加速度为g,因为剪短弹簧后,B只受重力.

设加速度为a,弹簧弹力为f.线断前,对A,B系统应用牛二律,得F-3mg=3ma对B应用牛二律,得f-2mg=2ma,所以f=2F/3.也就是A受到弹簧弹力向下,大小为2F/3.线断的一瞬间,线的拉力

A.2m的物体受到拉力,m给的摩擦力,重力,地面给的支持力和m给的压力五个力错的B.F增大为T时,a=F/M=1T/6m;那么2m和3m之间的拉力就为F=aM=1T/6m*3m=0.5T小于T不会被拉

A、B两球转动的角速度相等，由v=ωr得：故vAvB=2aa=21；对A、B两球组成的系统应用机械能守恒定律，得到 mg•2a-mga=12mvA2+12mvB2解得：vA=8ga5，vB=

用动量定理算出碰撞后的运动状态,可以用这个运动状态算出碰撞后的动能碰撞前后的动能差就是产生的热能,因为在第一问AB碰撞是完全非弹性碰撞第二问BC之间的弹簧可以看成是完全弹性碰撞用第一问解答出的速度和C

前面还是“不可伸长的轻绳”,后面怎么变成“弹簧最大伸长量”了?四个木块以同一加速度运动,故摩擦力均为静摩擦力,设加速度为a左下方2m木块只受静摩擦力f1=2ma

A．质量为2m的木块受到四个力的作用错误.5个力,平面支持力,m对它的压力,m对它的摩擦力,绳的拉力,重力B．当F逐渐增大到T时,轻绳刚好被拉断错误,3m也做加速运动,所以3m受到的合力不为0,故绳子

对M分析,Mg-T=Ma对m分析,T-mg=ma两式子相加消去T：（M-m）g=（M+m）aa=（M-m）g/（M+m）

设拉力为F，当人在A车上时，由牛顿第二定律得：A车的加速度分别为：aA＝FM+m     ①，B车的加速度分别为：aB＝Fm  &

如图所示,整个装置处于静止状态,两个物体的质量分别为m和M,且m再问：最后一问，可以讲一下为什么吗？再答：取滑轮为研究对象，对滑轮进行受力分析，向上的一个力就是固定滑轮的拉力F，向下受到三个力，本身重