点A从点O开始沿x轴的正方向移动

⑴抛物线可表示为：Y=1/2(X+1)(X-t)=1/2X^2+1/2(1-t)X-1/2t,PA=1+t,C(0,-1/2t).⑵当X=3时,Y=1/2(3+1)(3-t)=6-2t,BD=6-2t

（1）PA=t+1;x1+x2=-b/a;x1*x2=c/a=-1*t=>c=-1/2t;c(0,-1/2t);(2)tan∠DAP=1/2=BD/ABAB=3+1=4=>BD=2所以D(3,2)因为

这个题主要是考查了四边形的综合题,解题的关键是正确分几种不同种情况求解.分情况讨论时候容易出错,其他都还行都不难,答案http://www.qiujieda.com/exercise/math/799

(1).若圆P与OC相切.因为圆P过C点,所以切点为C,PC垂直OC,|PO|=3,∠POC=30°,|OC|=|PO|cos30°=3(√3)/2=t+1,t=3(√3)/2-1.(2).若圆P与B

1、B点坐标：（3/2（t+1）,√3/2（t+1））.2、直线ob的方程为y=√3/3x;直线oe的方程为y=2t/(8-2t)x；斜率相同时在同一直线上,即√3/3=2t/(8-2t);得t=4√

1).若圆P与OC相切.因为圆P过C点,所以切点为C,PC垂直OC,|PO|=3,∠POC=30°,|OC|=|PO|cos30°=3(√3)/2=t+1,t=3(√3)/2-1.(2).若圆P与BC

（1）设点E出发t秒,则E（t,0）,F（0,2t）；设直线EF的方程为y=kx+b,则{kt+b=0b=2t,∴解得{k=-2b=2t,∴y=-2x+2t,∴直线OB的方程为y=12x；∵解方程组{

不变化,理由如下∠q=180°-∠PAB-∠PBA=180°-12（∠EAB+∠FBA）=180°-12（∠ABO+90°+∠BAO+90°）=180°-12（180°+180°-90°）=180°-

A,很明显波长为4m,起振点是从平衡位置开始沿y轴正方向振动,所以走在最前面的是包含波峰的一个段,M点是从平衡位置开始沿y轴负方向振动,M点不是波前,波前是在M点前面半个波长处,即x=7m处,P点到波

设经过t秒钟能使△PQO的面积为8个平方单位,不难求得A(-6,0),C(0,8),即|AO|=6,|OC|=8,依据三角形面积=(1/2)*底*高,列式：(1/2)*(6-t)*2t=8,解得：t=

OA=10,(1)t=2秒时,AP=2,P(6.4,4.8),Q(2,0),S=(1/2)OQ*yP=4.8.(2)△PQO和△ABO相似时,有两种情况：1）PQ⊥OB,xP=xQ,8(10-t)/1

T=0.4s相继出现两个波峰的时间间隔——从某个波峰到达P到下一个波峰到达P的时间两个波峰之间间隔一个波长,这个时间也是波传播一个波长的距离的时间.

设该波的周期为T，波速为v，波从波源开始振动，传播到A点用时t1=x1v，传播到B点用时t2=x2v，由图可知，t1+T12=4s，由图乙可知，t2+5T12=9s，解得：T=12s，v=1m/s波长

（1）AB⊥x轴,因正三角形边长AB=2,所以B点纵坐标y=2,OA=AB=2；此时OA不是最大,最大值是当AB⊥OB时A点位置；（2）设A点坐标为(a,0)（即OA=a）,∠OAB=α,则0≤α

设直线AB的解析式为：y=kx+4,把A（-3,0）代入求得,k=4/3.y=4/3x+4.点D在直线AB上,所以,它的坐标可设为（x,4/3x+4）（x

）由与t的取值范围不能确定,故应分三种情况进行讨论,①当0＜t≤2,重叠部分的面积是S△OPQ,过点A作AF⊥x轴于点F,在Rt△OPQ中利用三角形的面积公式及特殊角的三角函数值即可求出其面积；②当2

（1）∵OA=12，OB=6，由题意，得：BQ=1×t=t，OP=1×t=t．则OQ=6-t．故y=12×OP×OQ=12×t（6-t）=-12t2+3t（0≤t≤6）；（2）①若△POQ∽△AOB时

（1）∵点B的坐标为（4,2）,又∵OE：OF=1：2,∠OFE=∠EOB．∴∠FGO=90°,又∵BE为⊙O1的直径,∴点G在⊙O1上．（2）过点B作BM⊥OF,设OE=x,则OF=2x,BF2=

斜面上的物体加速度a方向是平行斜面向下,是由重力mg沿平行斜面方向的分力mgsinθ产生的,加速度当然是gsinθ了.再问：B物体不是抛出么，抛出在空中只受重力，加速度不是g？再答：题目不是说在光滑斜

看不到图,我只能估计的给你回答了在ab两个物体落地的过程中只有重力做功了,就是说他们都是重力势能转化为动能,所以他们的落地的速率应该是一样的如果麻烦点,用公式把他们的落地速率应该也能求出来