滑块以初速度v0=4m

推荐答案是错误的,正确的解法为：物块A做匀减速,到速度为零后就停止不再运动所以物块A停止运动的时间：t0=(0-v0)/a=5s在此段时间内：A的位移SA=(v0+0)t0/2=25mB的位移SB=v

滑块在滑动过程中，要克服摩擦力做功，其机械能不断减少；又因为滑块所受摩擦力小于滑块沿斜面方向的重力分力，所以最终会停在斜面底端．在整个过程中，受重力、摩擦力和斜面支持力作用，其中支持力不做功．设其经过

第一问由于摩擦力做负功,所以VB一定小于v0公式虽然没错,但是解错了你,vB=2√gR（2）从B-C再次运用动能定理,重力做负功,可以求得Vc=0即离开C后就滑回来了,不能继续上升.

摩擦力f=μmg由动能定理：整个过程中物体移动的距离s-fs=0-mv0^2/2s=mv0^2/2f=v0^2/2μgs-L/2=nLn=(s-L/2)/L碰撞的次数=n+1=s/L+1/2=v0^2

对A到B这一段：VA=2VB;（VA）^2-(VB)^2=2*a*AB,所以(VB）^2=0.5*a对B到顶端这段：VB=a*t=0.5*a；这两个式子联立,得到a=0和a=2,a=0舍去,所以a=2

对斜面压力N=mgcos30°,摩擦力f=μN=0.2mgcos30°,沿斜面向下分力F=mgsin30°=mg/2F>f,滑块最后不能静止在斜面上,而是静止在斜面左端水平面上某处,滑块向上匀减速运动

（1）由牛顿第二定律有：μ m g=m a运动学公式有：vt2-v02=-2 a x     &nb

（1）当传送带静止时，物块受力分析如图a所示，则由牛顿第二定律可得：-μmg=ma  所以a=-μg=-5 m/s2，所以加速度的大小为5 m/s2．（2）由匀

【解析】这道题目可以用相对运动来做,m刚上M时,相对速度是V0,关键是要求出相对加速度的大小是两个加速度相加,注意对于两个物体水平上的受力都是μmg,再分别除以各自的质量得出加速度,而他们的相对加速度

因为经过B点到C处与墙发生弹性碰撞后被弹回,因此此处没有动能损失且物体重新回到a点,重力做功也为0所以1/2mv²=μmgcosα·ss=根号2·hμ=0.8

1）a=m*g*miu/150=1g/s^22)假设滑离情况：根据动量守恒,mv0=mv1+Mv2;动能守恒,1/2mv1^2+1/2Mv2^2-1/2mv0^2=-miu*mgL可得v1=7m/s,

设小球上滑的最大距离为L，所受的滑动摩擦力大小为f．根据动能定理得：上滑过程：-mgLsin30°-fL=0-12mv02；下滑过程：mgLsin30°-fL=Ek-0；解得：Ek=4J；答：小球滑回

四十米

公式v^2-u^2=2asv-u=at从B到C,0-vB=0.5aa=-2vBvB^2-vA^2=-4vB(0.75)=>vB^2-4vB^4=-3vB=>vB=1vA=2a=-2那么,考虑整个斜面,

物块做匀减速直线运动，设A点的速度为vA，B点的速度为vB，   加速度为a，斜面长为x，滑块运动时间为t0 则  A到B：VB2-VA2=

根据v0-v1^2=2aX:20^2-(20/4)^2=2a*3020^2-0=2ax两式相除：（20^2-5^2)/20^2=30/xx=32m

①滑块与小车组成的系统动量守恒，以滑块的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：mv0=（m+M）v1，解得：v1=1m/s；②小车与墙壁碰撞后速度大小为1m/s，方向向左，小车与滑块组成的系统动量守恒

可以先把木板和物体刚达到共同速度时的时间求出来,数字设计的不好就不想做下去了

只需分析运动全过程,最后球不动时肯定停在挡板处,设总路程为S由动能定理得：mgSinθS-umgSinθS=0-mVo²/2即S=2（u-1)gSinθ/Vo²

(1)因为滑块所受摩擦力小与滑块沿斜面方向的重力分力,所以受到合力沿斜面向下,想上做匀减速运动（2）设滑块第一次到最高点是经过的路程为s根据机械能守恒,有m(v0^2)/2=mgs(sina)+umg