将一个充电的平行板电容器的两极板用一根导线相连这时-搜答案-神马作文网

起到个限流作用

A、B、D三个都是对的.C是错的.不过,其中的A中的“场强不变”应该说是“近似对”.条件是,平板的相对面积尺度比较大,而距离很小,以至于“边缘”的作用可以忽略的时候.此时,只要电量不变,场强就和面积成

球在电场中平衡,则所受电场力、重力及绳的拉力的合力为零.由平衡条件得,故要判断的变化,只需判断电场强度E的变化即可.S断开,则Q不变,A向B靠近,E不变,则角不变,故B选项正确.

Q＝UCC是电容.如果与电源断开Q不变.如果C不变,U是不可能变的.至于你说电压会变,一定是C变了.C变化的因素有两板间的间距,正对面积以及两板间是否有其它介质.

Q=CU,匀强电场U=Ed,Q=CEd

和U、E都有关系E=U/d,d是两板的间距做受力分析的时候,小球受到的电场力F=E*q=U*q/d

理论上说,极板拉开后,极板上的电压会升高,原因是极板拉开后电容量变小了,而原来充的电量却没有变.

电容器的储能公式E=CU^2/2,C、U均加倍,储能为原来的8倍,故应该选D.这个问题应该是大学阶段的,可能在高中新课标教材选修3-1静电场一章电容器小节的课外发展空间有介绍.再问：假如电容容量为5，

根据平行板电容器的电容公式C=εs/4πkd,平行板电容器的电容C的大小,跟极板的距离d成反比,将平行板间的距离d拉大为2d,则该电容器中储存的能量变为W0/2

1.保持与直流电源两极连接,则电压恒为电源电压不变,E=U/d,d变小,则E变大；C=εS/4πkd,d变小,则C变大；又C=Q/U,U不变,C变大,故Q变大2.与电源断开,则Q不会变化,C=εS/4

不对!答案就是选B!因为与电池相连然后他的电势差不变,也就是U不变,然后距离增大所以电容减小就是C减小,然后E等于U除以d然后d增大u不变所以E减小!F等于EqE减小q没变所以,F减小所以重力会大于向

A、保持电键S闭合时，电容器板间电压不变，带正电的A板向B板靠近时，板间距离d减小，由E=Ud分析得知，板间场强增大，小球所受电场力增大，则θ增大．故A错误，B正确．C、电键S断开，电容器的带电量不变

S断开,电容器两端开路,没法放电,则Q保持不变再问：要闭合才可以放电啊再答：是啊，没导钱导通，电荷没处流动再问：谢谢你O(∩_∩)O~~

1.电容器两板储存电荷量有限,铜线电阻小,电流极大,放电时间短暂.2,金属传播电流的方式是自由电子的移动.

平行板电容器保持与直流电源两极连接，其电压U等于电源的电动势保持不变．将两极板间距离d减小，由电容的决定式C=ɛS4πkd分析得知，电容C变大，电量Q=CU，U不变，C变大，Q变大．由根据E=Ud分析

E=QU=U²CC∝1/d则：当d变为2d时,C变为C/2,E变为E/2=W0/2

我们认为理想电池两级的电势差是不变的,而理想导线两端的电势相等.现在平行板电容器的两块板分别与电池两极相连,两板的电势差等于电池两级的电势差,不变.

A、增大两极板之间的距离，由电容的决定式C=ɛs4πkd可知，电容增小，电容器的电量不变，由C=QU分析可知，板间电压增大，静电计指针张角变大．故A正确．B、将A板稍微上移时，正对面积减小，由电容的决

先给答案：增加的电量为2Q再答：对带电小球分析受力，受到重力mg竖直向下，受到电场力qU/d水平指向某一极板（与小球电荷种类有关），细线对小球的拉力。其中U是板间电压，d是板间距离电场力，重力，拉力三

电容器的电容,两极板间的电势差为1/3C0,V0