如图所示质量为m,带q的滑块从倾斜角θ的光滑绝缘斜面上
来源:学生作业帮助网 编辑:作业帮 时间:2024/09/29 15:30:05
(1)A球刚释放时,受到重力、沿细杆向上的库仑力和细杆的支持力,根据牛顿第二定律得:mgsinα-kQq(Hsinα)2=ma=ma;得:a=gsinα-kQqH2msin2α;(2)到达平衡位置时,
(1)滑块与木板间的正压力大小为:FN=qE=4mg F=μFN 对滑块有:W0-2mgh-Fh=12•2mv2 v2=2ah 由以上几式解得:a=(1+2μ)
(1)滑块滑动过程中洛伦兹力不做功,由动能定理得:mgR-qER=12mvC2得vC=2(mg-qE)Rm=2(1×10-5×10-2)×0.41=2 m/s.(2)在C点,受到四个力作用,
应该是A,不带电的金属导体AB端的A端出现负电荷,B端出现正电荷,是因为带正电的小球所发出的电场的影响,电子走到A端,所以AB两端又形成了新的内电场,当内外电场平衡时,电子不再移动.而人的手是导体,当
(1)小球受重力和电场力平衡:qE=mg所以E=mgq(2)再加匀强磁场后,由于重力与电场力平衡,故小球在洛伦兹力的作用下做匀速圆周运动qVB=mV2R由几何关系知:R2-x2=(R-h)2其中x=V
只要研究开始从a-b那段图像就可以判断了.从图像上可以看出,此粒子向心力是向上,也就是洛伦磁力向上,用左手定则判定伸出左手,拇指方向只能是向上,拇指方向为洛伦磁力方向,那么手心直能朝外,磁力线穿过手心
电势能逐渐减小,从能量守恒来看,电势能部分转化为动能,而金属块又克服摩擦阻力做功,动能被消耗.运动得越远,消耗的动能越多,那么电势能也转化的越多,故电势能逐步减小.
受力分析可知小球受水平向右的电场力,所以小球与金属板相排斥,所以带正电.
(1)当小物体沿斜面加速下滑时,随着速度的增加,洛伦兹力逐渐增大,为了使小物体离开斜面,洛伦兹力的方向使必须垂直于斜面向上,可见,小物体带负电;小物体沿斜面下滑时,受力如图所示:由牛顿第二定律得:mg
(1)Uq=1/2mv^2所以v^2=2Uq/m所以………………(根号打不出)(2)qvB1=Eq所以B1=E/v=…………(根号打不出)(3)R=mv/B2q所以B2=mv/qR=…………(R=L/
在B点,小球速度最大,所以电场力等于重力,qEb=mg,Eb=mgq.所以可以确定b点场强.O到c,根据动能定理得,W电-mgh=0,电场力做正功,W电=mgh,电势能减小mgh,O点电势能为0,所以
CD前三者你可以看做质量减少不影响受力D你可以往极限想只受向上的力坐类平抛运动
(1)小球能够进入圆环,则有:mgh+mv^2/2≥Eqh所以E≤(mgh+mv^2/2)/qh(2)小球要在圆环上做匀速圆周运动,则小球受到电场力与重力平衡:mg=Eq所以E=mg/q因为电场力与重
摩擦力和向心力是垂直的分解重力,假设重力G与滑块对轨道的压力的夹角为a,向心力F=mg*cosa在A到B过程中,角a一直在减小.所以向心力逐渐增大.但是cosa的函数图像是一个曲线,且在越靠近0度时,
从A点释放到B点,动能增量为0mgL=EqLmg=Eq从C点释放到B点,合力F=√2mga=√2g位移S=√2L根据S=1/2*a*t^2t=√(2L/g)Vb=2√(gL)从B点再向右上升过程中,重
这是一个典型的简单复合场和圆周运动相结合的问题.由题意得mg=Eq,所以ψ=π/4从A到C运用动能定理mgLcosψ+Eq(L+Lsinψ)=(1/2)mv²T-mg/cosψ=mv
1、2是一样的,方向发生变化,所以向心力和加速度都变化.3正确,因为向心力大小不变,而滑落过程中重力在垂直于圆弧的分力越来越大,那么支持力只能增大,才使得向心力大小不变.4不对,因为支持力等于木块对圆
滑块从光滑圆弧轨道的a点滑到b点,速度越来越大,根据Fn=mv2r知,向心力逐渐增大,根据a=v2r知,向心加速度逐渐增大.故B正确,A、C、D错误.故选:B.
当受力平衡时a=0速度不再增加.之后合力就会反向,a也反向,会使速度减小