如图所示的饮水机,它的铭牌..R2是加热电阻,R1是限流电阻...
来源:学生作业帮助网 编辑:作业帮 时间:2024/10/07 06:38:22
(1)知道水的质量、水的比热容、水的初温和末温,利用吸热公式Q吸=cm△t求水吸收的热量;(2)由铭牌知道加热功率,利用W=Pt求正常工作15min消耗的电能;(3)当S0断开时,电路中只有R2,电阻
(1)水吸收的热量:Q吸=cm(t-t0)=4.2×103J/(kg•℃)×1.5kg×(90℃-20℃)=4.41×l05J;(2)饮水机在加热状态下正常工作15min,消耗的电能:W=Pt=550
(1)饮水机加热适当电流I=P加热U=1100W220V=5A;答:饮水机在加热状态时的电流是5A.(2)电阻R1的阻值R1=U2P加热=(220V)21100W=44Ω;电路的总电阻R=U2P保温=
(1)水吸收的热量:Q吸=c水m△t=4.2×103J/(kg•℃)×1kg×(100℃-20℃)=3.36×l05J;(2)饮水机加热时功率:P=600W;加热时间:t=700s;加热时消耗的电能:
(1)Q吸=c水m(t1-t0)=4.2×103J/(kg•℃)×1kg×(100℃-20℃)=3.36×l05J,(2)饮水机加热时消耗的电能W=Pt=600W×700s=4.2×105J,加热效率
(1)∵P=UI,∴正常加热时通过饮水机的电流I热=P热U额=440W220V=2A;(2)正常加热时电阻R2消耗的功率是P2=P热-P保=440W-40W=400W,∵P=U2R,∴正常加热时电阻R
(1)S接通时P1=U2R2,S断开时,P2=U2R1+R2,∴P1>P2 则S接通时处于加热状态;答:温控开关S接通时,饮水机处于加热状态.(2)加热时,饮水机的工作电流I=P加热U=440W220
已知:U额=220V P加热=440W P保温=40W m=0.5kg c=4.2×103J/(kg.℃)△t=100℃-20℃=80℃t=7min=420s求
(1)当S1、S2均闭合时,R1R2并联,此时的加热功率为600W,此时饮水机处于加热状态时;当S1闭合S2断开时,电流只是通过R2,此时的功率为80W;所以此时饮水机处于保温状态.故答案为:S1、S
已知:P加热=880W U额=220V m=0.5kg c=4.2×103J/(kg•℃)△t=80℃-20℃=60℃t=5min=300s求:(1)I最大=?(2)Q=
已知:P保=55W P加=440W U额=220V V=1L=10-3m3 ρ=1.0×103kg/m3 c=4.2×103J/(kg•℃)△t=90
(1)根据ρ=mV可得,热水箱装满水后水的质量:m=ρV=1.0×103kg/m3×2×10-3m3=2kg,水吸收的热量:Q吸=cm(t-t0)=4.2×103J/(kg•℃)×2kg×(90℃-2
(1)由题意可知,水沸腾时的温度为100℃,由ρ=mV可得,水的质量为:m=ρV=1.0×103kg/m3×1×10-3m3=1kg.水吸收热量:Q吸=cm(t-t0)=4.2×103[J/(kg•℃
用额定功率去除以总功率
(1)水吸收的热量:Q吸=c水m△t=4.2×103J/(kg•℃)×1.5kg×(90℃-20℃)=4.41×l05J;(2)饮水机加热时消耗的电能:W=Pt=550W×15×60s=4.95×10
(1)饮水机保温状态下正常工作时的电流I=PU=44W220V=0.2A;答:饮水机保温状态下正常工作时的电流为0.2A.(2)饮水机保温50min消耗的电能W=Pt=44W×50×60s=1.32×
(1)根据P=UI可得,在加热状态下,饮水机正常工作时电路中的电流:I=P加热U=440W220V=2A;(2)①根据ρ=mV可得,热水箱中的水质量:m=ρ水V=1.0×103kg/m3×1×10-3
根据:Q=MCTΔT可知,0.5KG的水从20-70度,需要35Kcal的热量,35Kcal=41w,则需要7分钟.
(1)Q吸=cm△t=4.2×103J/(kg•℃)×2kg×(73℃-23℃)=4.2×105J;(2)因为饮水机在加热状态下正常工作,所以P=440W,消耗的电能:W=Pt=440W×2×60s=
(1)S0断开,s闭合时饮水机处于_保温___状态,s0、s都闭合处__加热___状态.(2)求R1、R2阻值加热时,P=500WR2=U²/P=220²/500=96.8(Ω)保