如图所示为A.B.C三种物质的溶解度曲线图,如图所示的阴影部分中

A、由于b的溶解度随温度的升高而增大，因此给它的饱和溶液升温时，它的饱和溶液就会变成不饱和溶液，故A错误；B、由于a的溶解度随温度的升高而增大，且受温度的影响很大，因此给它的饱和溶液升温时，它的饱和溶

A、由a、b、c三种物质的溶解度曲线可知，在t2℃时的a、b、c三种物质的溶解度的大小是：a＞b=c，由饱和溶液溶质的质量为溶解度溶解度+100g×100%可知，溶质的质量分数a＞b=c．故A说法正确

A、B、C、D是我们学过的四种常见物质，其中三种为氧化物，一种为单质，D是一种黑色的固体，猜想A是过氧化氢，B是水，C是氧气，然后D可以是四氧化三铁，过氧化氢在二氧化锰的催化作用下加热生成水和氧气，水

（1）析出晶体多的是A,C没有析出晶体（反而由饱和溶液变成不饱和溶液）.（2）通过冷却热饱和溶液的方法（重结晶）（3）w=m/(100g+m)*100%

a就是硫酸铜,b氯化铜,C氢氧化铜.再答：B硝酸铜，说错。再问：求B→C的化再问：求D→c的化学式再答：哪有D再问：B→c的化学方程式再答：Cu(NO3)2+2NaOH=Cu(OH)2+2NaNO3

（1）曲线中交点表示该温度时两种物质的溶解度相等，所以t1℃温度时，a、c物质的溶解度相等，都是20g；（2）t2℃a物质的溶解度为50g，即100g水中最多溶解50g，则50g水中最多溶解25g，所

（1）氢气是最轻的气体，由E为最轻的气体，说明是氢气，D--E反应生成红色金属，说明能生成铜，所以D是含铜的化合物，且是黑色，所以D是氧化铜，A是黑色固体且能制取气体，所以A可以是碳，碳燃烧可以制取一

A、由a、b、c三种物质的溶解度曲线可知,在t2℃时的a、b、c三种物质的溶解度的大小是：a＞b=c,由饱和溶液溶质的质量为溶解度溶解度+100g×100%可知,溶质的质量分数a＞b=c．故A说法正确

A:Na2O2,B:Na,C:Na2OD:NaOH

密度=质量除以体积再问：我当然知道，推理过程怎么写再答：a＞b＞c再答：这个……再答：当m取固定值时，比较他们体积的大小再问：如果要V固定怎么写再答：v固定就比较谁的m大再答：不用谢

（1）在t1℃时,溶解度相等的是AC两种物质；t3℃时将A、B、C三种物质接近饱和的溶液通过降温后,能析出晶体且析出晶体最多的是A物质；（2）当A、B、C三种物质的饱和溶液从t3℃降温到t1℃,所得的

(2)C带1个单位的负电荷,非金属再问：为什么C带1个单位的负电荷？再答：得电子都是带负电，+17本来是287，结果它变成了288就说明它带来一个单位的负电荷

A、由a、b、c三种物质的溶解度曲线可知，在t2℃时的a、b、c三种物质的溶解度的大小是：a＞b=c，由饱和溶液溶质的质量为溶解度溶解度+100g×100%可知，溶质的质量分数a＞b=c．故A说法正确

A、由题意可知，将饱和溶液恒温蒸发水，析出晶体，剩余的溶液仍为饱和溶液．故A说法正确；B、由a、b、c三种物质的溶解度曲线可知，在t2℃时的a、b、c三种物质的溶解度的大小是：a＞b=c，由饱和溶液溶

A、b溶液为不饱和溶液，说法正确，故A正确；B、c溶液中不能再溶解任何溶质，说法错误，c溶液中还能再溶解其他溶质，故B错误；C、b溶液中溶质的质量分数最大，说法正确，故C正确；D、a的溶解度最大，说法

（1）由题中溶解度曲线图可知：a＞b＞c，故（1）答案：a＞b＞c；  （2）由图知c的溶解度随温度的升高而降低，试管中盛有NaOH溶液，当往试管中加入稀盐酸时，试管内发生中和反应

溶解度随温度升高而明显减小的物质是c.溶解度随温度升高而明显增大的物质是a.溶解度受温度变化影响不大的物质是b.b、c两种物质溶解度相等时的温度是t1.物质c的不饱和溶液若变成饱和溶液,应升高溶液的温

上上楼的第四题应该是Fe,因为：Fe中一般都含C就可以构成原电池电极反应:正极(C):2H2O+O2+4e=4OH-负极(Fe):Fe-2e=Fe2+总反应:2Fe+O2+2H2O=2Fe(OH)2然

1.看图可以知道t1度时溶解度最大的是C,因为在t1点时C在最上面2.因为是饱和的,所以至少有60克溶质,其余不溶不算在溶质质量中,所以溶质质量分数=60÷160×100%=37.5%3、降温结晶,因

（1）由“A为最简单的有机化合物”可知，A为甲烷（CH4）；由“XY为两种气态单质”“B、C、D为三种状态各不相同的氧化物”可以推断X为氧气，故A+X→B+C的化学方程式为：CH4+O2 点