如图所示,带有光滑弧形轨道的小车质量为

向左穿过的过程中,磁通量先是向左增大,然后是向左减少,在磁铁的中央经过圆环的中央时,此时时方向变化的一个分界点,此时速度和磁感线方向平行,瞬间的感应电动势为零.至于具体的顺时针还是逆时针是根据楞次定律

（1）木块A点无初速度释放,下滑到B点时木块速度为V1,根据动能定理：m1gh=1/2m1v^2v=2m/s(2)木块A点无初速度释放,恰好未从车上掉落,说明两者最终相对静止具有共同速度V木块与小车组

（1）由A到B段由动能定理得：mgh=12mvB2-12mv02vB=2gh+v20=2×10×1+42=6m/s；（2）由B到C段由动能定理得：12mvB2=μmgs所以：s=v2B2μg=622×

1、设半径为R1/2mv^2=2mgR+1/2mv'^2mg=mv'^2/R解得v=(5Rg)^0.52、弹簧释放过程,两小车动量守恒2v0=v-v‘（v0为两小车在最低点时的速度,v为上题中速度,v

分析：　　设物体刚到E点时的速度大小是　VE,则VE有个最小值限制.设这个最小值是V0即物体在E处速度为V0时,轨道刚好对物体无弹力,重力完全提供向心力.得　mg＝m*V0^2/RV0＝根号（gR）　

整个过程动量守恒,机械能守恒,所以相当于弹性碰撞!m

若使小球在圆轨道内恰好能作完整的圆周运动，在最高点时，恰好由小球受到的重力和电场力的合力提供向心力，则有 mg-qE=mv2R由题意，qE=34mg，则得14mgR=mv2对A到圆环最高点的

整个过程水平方向动量守恒，机械能守恒，所以相当于弹性碰撞！由于小车和铁块的质量都为m，所以当铁块回到小车右端时，铁块的速度为0，小车具有向左的速度．所以当铁块回到小车右端时将做自由落体运动．故选：D．

(1)由A到B过程,由机械能守恒定律可得：mgh+1/2mv0^2=1/2mvB^2,即可求出VB=6m/s.(2)由B到C过程,由动能定理可得：-f*Sbc=Ekc-Ekb,即可求出Ekc=50.4

当B和A的速度相等时，A的速度最大，B下滑机械能守恒：MBgh=12 MBVB2AB系统动量守恒：MBVB=（MA+MB）VAB系统减少的机械能转化为电能：△E=MBgh-12（MA+MB）

（1）对滑块AB下滑到圆形轨道最低点的过程运用动能定理得：（mA+mB）gh=12(mA+mB)v02解得：v0=4m/s（2）设滑块A恰好通过圆形轨道最高点的速度为v，根据牛顿第二定律得：mAg=m

（1）机械能守恒:mvB^2/2+0=0+mghvB=√2gh=√20*0.2=2m/s滑块进入水平轨道时的速度vB=2m/s(2)使用动能定理：Wf=0-mvB^2/2-0.2*mg*X=-m*4/

（1）设滑块A到达P点与B碰前瞬间的速度为v0，由机械能守恒定律有：2mgh=12•2mν20解得ν0＝2gh（2）设滑块A与B碰撞后的共同速度为v，由动量守恒定律有：2mv0=3mv两滑块粘合在-起

（1）对小球A下滑的过程，由动能定理得：MgR=12Mv02-0对小球A在最低点受力分析，由牛顿第二定律得：FN-Mg=Mv02R解得：F=3Mg，由牛顿第三定律可知，A球对轨道压力大小为3Mg．（2

你的问题不全,还有图没有传上来,天才都没有办法

①当物块向右运动时，车紧靠弧形轨道，静止不动，设物块运动到小车最右端时的速度为v1，由牛顿第二定律有： μm2g=m2a解得：a=μg=0.5×10m/s2=5m/s2由运动学公式有：&nb

（1）设小物块质量为m，至最高点C的速度为v   mg=mv2R         

给图再问：再答：第一题h为1m再问：过程，谢谢再答：b点压力为0，受力分析，向心力等于重力再答：

（1）A到B由机械能守恒得：mgh=12mvB2∴vB=2gh＝2×10×0.45＝3m/s（2）B到C由动能定理得：−μmgs＝0−12mvB2代入数据得：μ=0.2答：（1）滑块到达轨道底端B时的

(1)物体从B点下落至P点所用时间:t=(2h/g)^1/2=1s物体在B点下落前速度v1=x/t=2m/s物体从A点下落至传送带时的速度v2=(2gh)^1/2=10m/s当传送带转动时,由于v2>