如图所示,在光滑水平面上方存在电场强度

（1）设距A点高度为h  由题意可知：mg=mv2BR …①对开始落下到B的过程，由机械能守恒得：mgh=12mv2B+mgR…②联立①②得：h=32R．（2）由①可知：

A、此过程穿过线框的磁通量的变化量为：△φ=（12B2a2-12B1a2）-（-B1a2）=12×2Ba2+12Ba2=32Ba2，通过线框截面的电量为：q=△φR=3Ba22R．故A错误．B、根据能

恰能上升到最高点B可知B点：mg＝mVB²/R利用机械能守恒：从最高点到B点mgh=mVB²／2求出h再加上R可求出第一问第二问：利用平抛运动知识：初速度为VB,下落高度为R,可以

（1）小球恰能到达B点，知小球到达B点时对轨道的压力为0，重力提供向心力，mg=mvB2R①从释放点到B点运用动能定理得：mg（h-R）=12mvB2②由①②解得：h=32R（2）小球离开B点做平抛运

①物块恰能完成半圆周运动到达C点mg=mv^2/R由平抛运动规律2R=1/2gt^2x=vt联立解方程得x=2R由能量守恒得②弹簧对物体的弹力做的功WW=EP=mg2R+1/2mV^2=5mgR/2③

负电荷向右运动是，产生的等效电流的方向是向左的，由左手定则可知，该负电荷受到的洛伦兹力的方向竖直向下．故选：A

根据左手定则可知：带电粒子带负电，所以所受的洛伦兹力方向竖直向下，故ABC错误，D正确；故选：D

首先你要读懂题目,这是一道融合动量定理、电场的力学典型综合题.在小木块和长木板组成的系统未进入电场之前,系统动量是守恒的可以利用动量定理解决,之后进入电场后要分别分析,水平方向小木块受电场力和摩擦力,

a的加速度一直为g,方向竖直向下,b受重力和支持力,在下滑过程中,支持力总有一竖直向上分量,则b的加速度小于g,所以a先到.动量肯定不相同,到S点方向不样,动能相等.

小球恰通过b点时的条件：v^2/r=g,所以v^2=gr,以最低点为参考点他的机械能为mg*2r+1/2mv^2=5/2mgr,所以初放点距a高5/2r-r=2r..自由下落r耗时t=根号下2r/g,

（1）小球过最高点时的速度vmv＾2＆＃47；L＝mgv＝根号（gL）（2）根据机械能守恒1＆＃47；2mv0＾2－mg（2L）＝1＆＃47；2mv＾2v0　＝根号（5gL）（3）最低点处绳中的拉力T

1.F=Eq=mv^2/r=2Nv=5^0.52.W=FIABI=2J3.0.5mv1^2-0.5mv^2=WT=F+F1=12N

首先可画木块和子弹的v-t图像.A:f不变,M加速度不变,m加速度变大,相对位移达L时,作用时间增加,M速度变大.正确B：f不变,M加速度变小,m加速度不变,对位移达L时,作用时间增加,m速度变小,损

解题思路：A、B金属板在Q的电场中达到静电平衡时，金属板是一个等势体，表面是一个等势面，表面的电场线与表面垂直，小球所受电场力与金属板表面垂直，在金属板上向右运动的过程中，电场力不做功，根据动能定理得

A、回路中产生感应电动势为E=2Bav2=Bav，感应电流为I=ER=BavR，此时线框中的电功率P=I2R=B2a2v2R．故A错误．   B、左右两边所受安培力大小为

A、回路中产生感应电动势为E=2Bav2=Bav，感应电流为I=ER=BavR，此时线框中的电功率P=I2R=B2a2v2R．故A错误．   B、左右两边所受安培力大小为

(1)因为小球带负电,而它的运动轨迹是从A到B点,所以它的受力向右电场的方向向左.（电场方向和正电荷所受电场力方向相同,与负电荷所受电场力方向相反）（2）因为电场方向向左,所以B点电势大于A点电势,所

A、根据顺着电场线方向电势降低可知，M点的电势高于N点的电势，而M、P两点的电势相等，则N点电势低于P点电势．故A错误．B、根据动能定理得：检验电荷由N到P的过程：-q（φN-φP）=12mv2，由题

（1）由s=6.0t-10t2得加速度大小为：a=20m/s2       根据牛顿第二定律：Eq=ma  &

设v1是碰后A的速度,v2是碰后B的速度2mv0=2mv1+mv2,则2v0=2v1+v2（1）0.5*2m*v0²=0.5*2m*v1²+0.5*m*v2²,则2v0&