如图所示,一物体m从某曲面上的q点自由滑下,

在B点时的速度为V,因为在B平抛.所以有：Vt=S,h=1/2gt^2,连合得：V=S/√（2h/g）在A到B过程用动能定理：1/2mv^2-0=mg(H-h)-W摩,代入数值得：W摩=S^2/4h-

设滑雪者离开B时的速度为v，由平抛运动规律得 S=vt           &n

不平衡是对的,虽未飞出,但支持力做功了.所以不平衡.

曲面是在传送带的左边还是右边?如果曲面是在传送带左边,那么传送带沿顺时针方向转动,物块在传送带的运动方向是和传送带相同的.选AC第一种情况：物块到达曲面低端时速度较传送带的速度很小,则物块在传送带上加

（1）整个过程从A到D，由动能定理有：mg•ADsinθ-μmgcosθ（AB+BC+AB+BC-AD）=0-12mv02代入数值解为：μ=0.5（2）从A到C过程，根据动能定理：mg•ACsinθ-

mgh-mgh/2=f*3h/(2sina）f=mgsina/3mgh/2-mgh’=f*h/(2sina）+f*h'/sina所以,h’=h/4

A、小球ab段和cd段速度大小在变化，故存在加速度；而bc段虽然速度大小不变，但方向时刻在变化，因此也存在加速度，当然由于做的曲线运动，因此加速度一定不为零，故A错误，B正确；C、只有做匀速圆周运动时

∵mg+N=mv²/R∴支持力N=mv²/R－mg∴摩擦力f=μN=μ(mv²/R－mg)

第一步：受力分析,物体沿斜面向上,受到三个力,重力,斜面对物体的支持力,还有摩擦力,方向向下第二步：建立坐标系,沿斜面和垂直斜面建立坐标系,把重力（不在坐标轴的力）分解成垂直斜面和沿斜面方向,垂直斜面

图呢?发过来再问：再答：1.滑块从高处运动到轨道底端，机械能守恒．mgH=1/2mv0^2v0=√2gH2.滑块滑上平板车后，系统水平方向上不受外力，动量守恒，小车最大速度与滑块共速的速度．mv0=（

（1）物体将从传送带的右边离开．物体从曲面上下滑时机械能守恒，有mgH＝12mv2解得物体滑到底端时的速度v0＝2gh＝4m/s以地面为参照系，物体滑上传送带后向右做匀减速运动直到速度为零，期间物体的

（1）滑块由高处运动到轨道底端，由机械能守恒定律得：mgH=12mv02，解得：v0=2gH；（2）滑块滑上平板车后，系统水平方向不受外力，动量守恒．小车最大速度为与滑块共速的速度．滑块与小车组成的系

（1）滑块从高处运动到轨道底端，机械能守恒．mgH=12mv02v0＝2gH=2m/s．（2）滑块滑上平板车后，系统水平方向上不受外力，动量守恒，小车最大速度与滑块共速的速度．mv0=（m+M）vv＝

很可惜,你的想法错了.动量定理中的S,是指在惯性系中的距离.虽然好象相对路程多了,但是,减少的动量还是不变的.

因为在物体脱离前，物体和气球一起向上运动，当物体脱落后，物体由于惯性还要保持原来的速度向上运动，又由于受到重力的作用，物体继续上升一段距离后又将下落．故选C．

（1）当物体向上滑动时，物体加速度大小a=-（gsinθ+μgcosθ），代入数据得　a=-10m/s2由公式-v02=2as得 s＝v02−2a，代入数据得　s=5 m（2）整个

考察能量的守恒!在题中,物体的重力势能转化为内能!内能是摩擦生热来的!所以转化的重力势能=内能mgh=E内现在将物体沿原路拉回,克服摩擦力做功为E内,同时,重力势能增加为mgh所以做功至少为,mgh+

由题意可知，物体下滑，第一次机械能减小了mgh1；第二次减小了mgh2；因第一次经过的路程较长，且第一次时由于向心力的作用，摩擦力要大于第二次；故第一次摩擦力做功要多；机械能的减小量要多；故有：h1＞

据题意，小球是光滑的，竖直方向上受到重力和M的支持力，当劈形物体从静止开始释放后，M对小球的支持力减小，小球的合力方向竖直向下，则小球沿竖直向下方向运动，直到碰到斜面前，故其运动轨迹是竖直向下的直线．

木块的运动速率保持不变，则木块做匀速圆周运动；A、木块做匀速圆周运动，合外力提供向心力，合外力不为零，故A错误；B、在下滑过程中，重力做正功，摩擦力做负功，故BC错误；D、木块做匀速圆周运动，速度大小