如图所示 在光滑的水平面上有两个木块ab,木块b左端放置小物块c

加速度相等不是速度相等,加速度相等并不是相对静止.

话说没图啊!不过应该也可以分析出来,都做匀速圆周运动,对它们进行受力分析,小物块受两个个力：重力,内壁对它的压力.对内壁对小物块的压力按垂直方向以及水平方向分解,垂直方向的力和重力相抵消,水平方向上的

光滑面,物体受力即运动.可见二者将受到合外力为F=3-2=1的作用力,则二者的加速度为a=1/5则F(B-A）=3-M(A）*a=3-3/5=2.4（B对A的作用力）而相互作用的两个物体的作用力大小相

第一个问题：题目想强调二者有相对运动,另外滑动一段距离和有相对运动是两个概念：前者是结果,后者是过程：滑动一段距离是一个结果,意思是跟开始比有一个相对位移,而相对运动是一个过程,是说二者的速度不一致,

开始都是静止的.拉动木板后,木板开始运动,木块和木板有相对运动,说明木块和木板之间的最大静摩擦力已经不足以给木块提供和木板一样的加速度了.所以木块要向左滑动（相对木板）.撤掉拉力时,仍然有相对运动,说

怎么可能...你是几年级的..知道动量守恒定律吗

先中和,后平分,两球电量均变为4q,故加速度为原来的16/9倍

当拉力向右拉B时，对整体分析，加速度a1=Fm1+m2，隔离对A分析，有F1=m1a1=m1m1+m2F当拉力向左拉A时，对整体分析，加速度a2=Fm1+m2，隔离对B分析，有F2=m2a2=m2m1

不能.、当带上+q和-q的电荷量后在相向运动中库仑力做功,此时机械能增加,当发生碰撞后,这一时刻系统机械能守恒,且小球电量中和,不带电.分离开后同时回到原位置,但速度变大.（库仑力做功,机械能增加）再

首先粗细不同那影响的是电阻乙的的电阻小于甲的电阻再进入磁场的额过程中电量q一定不同因为电阻不同而磁通量变化相同所以B项错对于进入磁场的过程呢F(安)=BILdui对于进入的瞬间甲的安培力大所以A也错C

CD直接从能量入手.没有能量损失,动能不变,速度不变.A排除速度不变,半径变大,角速度减小.B排除a=v²/r,r变大,a减小,C正确拉力分解为：1.径向提供向心力————减小2切向提供切向

很简单,你等一下.由已知得,B的加速度方向一定与原速度方向相反,只有当A运动到M时满足条件T=(2K+1)πR/V=2V/aa=2v*v/（2k+1）πR(K=0,1,2,3...)π是指3.1415

弹簧的伸长量只和受到的拉力有关设弹簧力为F,弹簧进度系数为KA物体：F1-F=maB物体：F-F2=ma解出F=（F1+F2）/2伸长量等于F/K稳定的意思是：弹簧长度不再变化,那么弹簧弹力也不变化了

这题是经典老题了,以前高中时候做的基本都快背的了,考试比较容易考到,类似题目高考也经常出现,建议楼主自己做吧,读书不能懒的.

两球相互吸引，合力均向右，故右侧B球受电场力向右，电场强度向右，故B球带正电，A球带负电；两个球整体向右加速，加速度向右，合力向右，故整体带正电，故QA＜QB；故ABC错误，D正确；故选D．

因为所受的重力与支持力分别相等，即向心力相同，设AB与竖直方向的夹角θ，由牛顿第二定律：mgcotθ=mv2R=mω2R所以圆周运动的半径越大，线速度越大，故A正确，B错误．半径越大角速度越小，故D错

（1）设A历时T与B第一次碰撞，且碰前的速度为v，由动量定理得： EqT=mv   ①由动能定理得：EqL=12mv2 ②解①②得T=2mLqE设两球

第一次：根据牛顿第二定律得：整体的加速度a1=FM+m，再隔离对m分析，N1=ma1=mFM+m．第二次：整体的加速度a2=FM+m，再隔离对M分析，N2=Ma2=MFM+m．由题M＞m，所以N1＜N

这个问题问的是什么哦,是画图吗还是求F1哦?要是画图的话那就没办法了,如果是求F1,也没办法,与X轴成37°,而且要沿正向运动,这个力不可能是水平方向（即沿X方向）,竖直方向倒有可能.

受力分析由无相对滑动至在竖直方向物块受力为零,即与斜面垂直的由斜面提供的弹力和物块受得重力合力方向沿水平方向提供物块的加速度,法1：由受力图得N=G/sinA法2：加速度可用整体法算,将物块与斜劈看做