如图所示 一辆小车装有光滑弧形轨道
来源:学生作业帮助网 编辑:作业帮 时间:2024/09/25 14:32:18
设AB碰后的共同速度为v1,C到达最高点时A、B、C的共同速度为v2,规定向右为正方向,A、B碰撞过程动量守恒:mv0=2mv1C冲上圆弧最高点过程中系统动量守恒:Mv0+2mv1=(M+2m)v2C
(1)木块A点无初速度释放,下滑到B点时木块速度为V1,根据动能定理:m1gh=1/2m1v^2v=2m/s(2)木块A点无初速度释放,恰好未从车上掉落,说明两者最终相对静止具有共同速度V木块与小车组
(1)动量守恒:m木v0=(m木+m车)v0.5×2=2vv=0.5m/s(2)f=μm木g=1Na木=f/m木=μg=2m/s²at=v0-v2t=2-05t=0.75s(3)a车=f/m
先分析一下再答:小球在运动的过程中,小球速度不断减小,小车速度不断增大。在水平方向上,小球和小车组成的系统动量守恒。当小球竖直方向的速度为0时,小球到达最大高度,此时小车和小球具有相同的水平速度V1.
(1)人、球与小车组成的系统在水平方向不受其他的外力作用,系统的动量守恒,选取向左为正方向,第一次抛出小球后:Mv0=5mv0+(M-m)v1代入数据解得:v1=9599v0,方向仍然向左;(2)抛出
(1)除锁定后弹簧的弹性势能转化为系统动能,根据动量守恒和能量守恒列出等式得mv1-Mv2=012mv21+12Mv22=Ep解得:v1=3m/s v2=1m/s&n
根据动量守恒:mv=(M+m)v′根据功能关系:μmgL=12mv2-12(M+m)v′2联立得:L=Mv22μg(m+M)故答案为:Mv22μg(m+M).
A:小球由静止释放过程中,绳子拉力对小球做功,小球机械能不守恒,故A错误,B正确.C:小球与小车系统在整个过程中只有重力做功,系统机械能守恒,故C正确D错误.故选:BC.
没有图,我只好裸做,真不厚道~作为补偿要采纳我哦~弹簧松开后,根据动量定律和动能定理可列如下方程组,(注意,我把速度的单位全部取正!你也可以分正负做,结果相同的)mA*VA=mB*VB可得VA=3VB
(1)设小物块滑到圆弧轨道底端Q的速度vQ,在小物块从圆弧轨道上滑下的过程中,由机械能守恒定律得mgR=mvQ2/R小物块在圆弧轨道底端Q,由牛顿第二定律有N-mg=mvQ2/R联立解出N=30N由牛
整个过程动量守恒,机械能守恒,所以相当于弹性碰撞!m
根据动量守恒和能量守恒(1)在水平方向,从最初和最末的状态来看,这个过程动量守恒,能量(而且表现为动能,由于高度一样,所以势能没有变化)也守恒,其结果跟弹性碰撞是一样的.所以发生了速度替换.故:小车速
AB两人及小车组成的系统受合外力为零,系统动量守恒,根据动量守恒定律得:mAvA+mBvB+m车v车=0,A、若小车不动,则mAvA+mBvB=0,由于不知道AB质量的关系,所以两人速率不一定相等,故
A、以小球和小车组成的系统为研究对象,只有小球的重力做功,系统的机械能守恒,故A错误.B、C,当小球向下摆动的过程中,竖直方向具有向上的分加速度,小车和小球整体处于超重状态,地面对小车的支持力大于小车
整个过程水平方向动量守恒,机械能守恒,所以相当于弹性碰撞!由于小车和铁块的质量都为m,所以当铁块回到小车右端时,铁块的速度为0,小车具有向左的速度.所以当铁块回到小车右端时将做自由落体运动.故选:D.
小球和小车组成的系统水平方向动量守恒,设小车初速度方向为正,根据动量守恒:Mv0=(m+M)v得:v=Mv0m+M故选:D.
当B和A的速度相等时,A的速度最大,B下滑机械能守恒:MBgh=12 MBVB2AB系统动量守恒:MBVB=(MA+MB)VAB系统减少的机械能转化为电能:△E=MBgh-12(MA+MB)
你的题目说的不是太清楚,不过我认为小球在竖直方向上应该做的不是匀速运动,也就是说竖直方向上受力不平衡,重力有冲量,所以动量不守衡!再问:重力有冲量?什么意思再答:Ft=mv,明白?
1,由于车面光滑,当车停后,两小球受力都是平衡的,则都以原来的速度运动,而开始小球的速度是相等的(都是车开始时的速度),所以它们始终保持一个不变的距离.2,即使m1>m2,3,质量大惯性就大是指质量大
如果系统在一个方向上的合外力为零,那么系统在这个方向上的动量守恒.竖直方向的合外力不为零,就如你所说,存在重力,所以竖直方向动量不守恒.水平方向的合外力为零,所以系统在水平方向的动量守恒再问:我把小球