如图14甲所示,A是放置在水平地面上的边长为0.1m的实心正方体
来源:学生作业帮助网 编辑:作业帮 时间:2024/09/29 07:16:14
(A)假设电压表满偏,则通过变阻器的电流为I=UR2R0R2+R0=105A=2A,则通过电流表的电流2A<3A,所以电压表满偏正常,电流表的示数为2A.故A错误,B正确;(C)ab棒匀速运动时,水平
A、在0~1s内,直线的斜率不变,加速度不变,由牛顿第二定律得:F-f=ma,可知外力F是恒力,故A错误.B、在1~3s内,速度不变,物体做匀速直线运动,加速度等于零,F=f,故外力F的大小恒定,故B
(1)根据AB两图中瓶对地面压强不同可知,两图中瓶和水的总重量是相同的,但与地面的接触面积是不同的,SA>SB,最终对地面的压强大小关系为PB>PA,故可以得出结论:物体受到的压力一定,受力面积越小,
(1)由动能定理得:qU1=12mv 20解得:v0=2qU1m=2×1×10−8×1002×10−12m/s=1×103 m/s(2)要使带电粒子能够从M、N两板之间穿出,并且穿
∵两正方体A、B的边长之比为2:1,∴SB=14SA,VA:VB=8:1,∵ρA:ρB=1:3∴mA:mB=8:3,即GA:GB=8:3,当两正方体A、B如图(甲)所示时,桌面受到的压力为:F=GA+
F合=F-F安=F-B^2L^2v/RF合越来越小,即棒做加速度减小的加速运动,直至匀速,此时F=F安选D
看到电容器就直接把含有电容器的那段电路当成电压表,因为电容器两端的电压和与它相连接的电阻的点压相等.和电容器相连的用电器电流电压都为0,但是它有电量会通过,通过用电器的电量和电容器相同.你给出的图中电
(1)导体杆先做加速运动,后匀速运动,撤去拉力后减速运动.设最大速度为vm研究减速运动阶段,由动量定理有−B.Il ×△t=0−mvm①而感应电量为:q=.I×△t=Bls/R②联立①②两式
本题可以假设从以下两个方面进行讨论. (1)斜劈A表面光滑(设斜面的倾角为θ,A的质量为mA,B的质量为mB) A、同时撤去F1和F2,物体在其重力沿斜面向下的分力mBgsinθ的作用下也一定
(1)由图可知在2~3s内,重物做匀速运动,v3=250cm/s=2.50m/s,拉力F3=40N,∵从动滑轮上直接引出的绳子股数(承担物重的绳子股数)n=3,∴拉力F的作用点下降的速度v3′=3v3
选d.P=ρgV/A.切前切后都是棱柱,V/A不变,为h.所以P=ρgh,压强不变.
此类问题应注意三点:1、两物体分离时具有相同的速度;2、两物体分离时具有相同的加速度;3、两物体分离时两物体间没有相互的弹力.此题具有相同的加速度,但弹簧为理想轻质,所以弹力为零,处于原长状态也正好可
(1)动能定理:电场力做功为qU1qU1=½mv²-0v=√2qU1/m(2)在板间粒子水平方向做匀速直线运动,水平速度就是v.t=L/v=mL/√2mqU1(3)在板间粒子竖直方
解题思路:细致考虑各状态下对应的受力关系,合理利用相关规律解题过程:最终答案:
(1)0~1s时间内,闭合电路产生的感应电动势E=△Φ△t=△B•S△t=(2−0)×1×0.51V=1V 通过小灯泡的电流I=ER=12A=0.5A小灯泡的亮度始终不变,金属棒进入磁场后,
C对. 分析: 对A项,若原来它们对地的压强相等,即G甲/S甲=G乙/S乙即 ρ甲*h甲=ρ乙*h乙,(ρ甲、ρ乙分别是甲、乙的密度)由于 h甲>h乙,所以 ρ甲<ρ乙而由 S甲>S乙,得 G甲>
考点:功的计算.专题:受力分析方法专题.分析:当缓慢提高木板时,导致物块受到的支持力发生变化,则不能再根据功的定义去算支持力对物块做的功,因此由动能定理结合重力做功,可求出支持力做功.在此过程中,静摩
开始弹簧处于压缩状态,力刚撤掉的时候,弹簧反弹,对B有个弹力,所以B开始向右加速运动,A静止,一直运动到弹簧恢复原长,如下图所示: 此时弹力消失,全部转化成B的动能,假设B的速度Vb.接下来
⑴A点坐标为(0,-2),B点坐标为(2,-2),代入函数解析式得:c=-24a+2b+c=-2结合已知:12a+5c=0解这个三元一次方程组得:a=5/6,b=-5/3,c=-2故函数解析式为:y=
第一问:FA=20牛.因为A平衡且受20牛重力所以有地面对它20牛的支持力.根据牛顿第三定律.A对地也有20牛的压力第二问同第一问FB=60牛pb=Fb/(0.3*0.3)=2000/3帕斯卡第三问因