图示系统置于以a=g 2的加速上升的升降机中
来源:学生作业帮助网 编辑:作业帮 时间:2024/10/04 05:31:49
(1)以仪器为研究对象进行受力分析,平台对仪器的支持力N和地球的重力mg,合力产生仪器与火箭一起向上的加速度,根据牛顿第二定律有:N-mg=ma,得平台对仪器的支持力为:N=mg+ma=m(g+a)=
1米水柱压力等于10kPa:——50-(2+3)*10=0.
可以看作重力加速度就是1.5个g(现在,你就可以不用管升降机是否在动了,你完全可以看作升降机静止!),所以系统总的受力是1.5个mg.而总质量是2个m.所以a、b的加速度都是1.5mg/2m,就是3/
mg+ma=FN①FT=ma'②mg+ma-FT=ma'③a=1/4g④联立以上四式求解可得:FN=5/8mg
根据牛顿第二定律得,N-mg′=ma解得g′=N-mam=90-16×516=58m/s2.可知g′g=116根据GMmr2=mg得rR=41则卫星此时距地面的高度h=r-R=1.92×104km故答
AB高差H=ABsin37°摩擦力f=μmgcos37°能量守恒:1/2mv0²-μmgcos37°*AB=mg*ABsin37°动摩擦因数μ=v0²/(2g*AB*cos37°)
(1)设物体与斜面间的滑动摩擦因数为μ,则物体上滑由A到B做速度由v0变为0的匀减速运动,由动能定理有-mgssinθ-μmgscosθ=0-12mv2 ,代入数据解得μ=0.25(本题也可
(1)由运动学公式,可得0-v02=-2a•xAB代入数据解得a=8m/s2(2)由牛顿第二定律有mgsinθ+μmgcosθ=ma代入数据解得μ=0.25(3)设物体返回经过C点时速度大小为v1,则
(1).若拉M:a=F/(M+m)T=ma=Fm/(M+m)若拉m;分子上的m改为M(2).a=(F-u(M+m)g)/(M+m)=F/(M+m)-ug若拉M:T=ma+umg=Fm/(M+m);若拉
地面重力加速度g=10m/s2,所以可知地面上受重力为160N的物体其质量m=16kg,在卫星上升过程中某位置受到水平支持物的弹力N=90N,重力mg′,合力产生加速度为g2根据牛顿第二定律得:N-m
(1)火箭上物体受到的支持力为N,物体受到的重力为mg′,据牛顿第二定律. N-mg′=ma 1718mg−mg′=mg2解得:g′=49g(2)由万有引力表达式:GMm(R+h)
你高中还有这种题目?还有单摆摆动面与速度的夹角是多少?再答:我明白了,跟摆动没关系,先求出单摆线的角度,tanθ=a/g,那么摆线缩短为L=lg/√(a²+g²)所以T=2π√(L
A、以小球为研究对象受力分析,根据平衡条件,垂直斜面方向:N=mgcos30°=32mg,故A错误,平行斜面方向:T=mgsin30°=12mg,故B错误;C、以斜面体和小球整体为研究对象受力分析,竖
Vb=Va+Vab方向→⊥OD⊥AB大小V0W0*OAWab*AB做速度三角形,无解再问:怎么可能无解。。有答案的那个A不是固定的,可以在OD上滑动再答:
现在A点位于地面高压脊前(距离脊部很近),做一下风向可以看出目前吹东北风.由于高压脊线离A点不到150km(可以估算一下),因此30h后A点位于高压脊后.而图上高压脊后等压线比脊前密集(即等压线间距离
将A,B隔离开来,在垂直方向,B受到重力G和F合,F合=ma=1/2mg,绳子的总张力F=F合+G=1/2mg+mg=3/2mg;将A,B当作一个系统,就是一个质量为2m的物体,受到两个大小相等方向相
F拉=沿斜面向下的重力分力=sinγ(角度)*mg(重力G)因为斜面光滑,所以无摩擦力.所受支持力为cosγ(角度)*mg(重力G)
解题思路:此题的滑轮组和我们常见的滑轮组的装置是不同的,我们分析时可以利用等效替代法,将G2对绳子施加的力看作是绳子末端的拉力.再根据滑轮组的省力情况即可求出.解题过程:
对静止在地球表面的物体进行受力分析,物体受重力和弹簧的拉力F.G0=mg=F=160N.其中g为地球表面的重力加速度,取10m/s2则得出物体质量m=16Kg.该物体放在宇宙飞船中,对物体进行受力分析
根据牛顿第二定律得,F-mg′=ma,解得g′=2.5m/s2.根据万有引力等于重力得,有:GMmR2=mgGMm(R+h)2=mg′联立两式得,R+h=2R则h=R=6400km.答:飞船所处位置距