一平行板电容器通过开关S和电源连接,如图,电源电动势保持9V不变,先

解；电容器与电源相连，U不变，电容器A板上移，则d增大，根据E=Ud知，电场强度减小，根据F=qE知电场力变小；c与下极板间的电势差变小，则c点的电势变小．故B、C正确，A、D错误．故选BC．

由于电压不变而E=U/d,所以随着两板间的距离d增大,E会减小而a点的电势U'=E*d'(d'为a点到B板的距离）由于B板向下移动,所以d'增大,所以电势也必然增大（因为电势是由A至B逐渐减小的,所以

如果是直流电,则没有电流通过.如果是交流电,则有电流通过.电容的作用就是通交流阻直流.而电容的容量代表多少赫兹的交变电流可以通过.希望对你能有所帮助.

1一定会变,变小,因为给电容器充电会耗电.（不管充多充少都耗电）2不变.冲完电了就不耗了.耗电会改变电动势,使之减小

Q=U*C,电容量减小,存储的电荷变小,那就是放电咯.由于电容两端的电压为A+,B-,所以放电电流为从a向

选B由C=εS/4πkd可知：两极板间距离d增大,电容C减小保持开关闭合的情况下,两极板间电压U不变,由C=Q/U得Q=CU,可知：电量Q减小由C=εS/4πkd=Q/U可得：U/d=4πkQ/εS,

B项中S闭合则带电量保持不变,由于断路,电容器不能放电.U也不变,所以微粒仍然静止不动.

B不懂再追问再问：求解释再答：加了一个金属板之后两极板之间的有效距离减半（金属板静电平衡惹的祸）接通开关时，极板电压是9然后断开开关，相当于带电量不变，Q=UC然后抽取金属板，导致板间距离增加所以电容

开始时开关闭合，故两板间的电压为9V；将金属板间的金属板抽出后，板间距离变成原来的2倍；则由C=ɛs4πkd可知，电容C变成原来的一半；则由U=QC可知，U变成18V；故选：B．

如图所示,电源电压恒定,则接通开关S的瞬间【对电容器充电】,通过电阻R的电流方向是从__A__到_B___；平行板电容器充电稳定后,在将两板间距离增大的过程中【由c=εs/4πkd知,c减小,再由Q=

开关闭合时，电容器两板间的电压等于电阻R2两端的电压，小于电源的电动势．当开关断开时，电路稳定时，电路中没有电流，电容器板间电压等于电源的电动势，则知电容器板间电压增大，板间场强增大，液滴所受电场力增

导线上是只有传导电流,但由于是交变电场,会在两块电容板之间产生位移电流,所以最后要加上去.这样才能保证安培定则的自洽（书上这么说的,就是要保证沿任一曲面,都要保持安培定则成立,又不会自相矛盾）详细过程

平行板与金属板等效构成两个串联的、相同的、平行板电容器.设原平行板间距为d,电容为c,则新构成的每个电容器板间距为1/2d；所以,新构成的每个电容器电容为2c.设原平行板带电量为q,根据感应起电的原理

B、D解析：题图中电容器板间场强方向向下,由粒子处于静止状态知mg=qE,则电场力应向上,粒子带负电.因电容器上、下两板分别与电源,正、负极相连,所以电源电动势等于电容器两板间的电压,即U=Ed=mg

A、根据电容的决定式C=ξs4πkd知，两极板间的距离增大，则电容C减小．故A正确．B、因为电容器与电源始终相连，则两端的电势差不变，根据Q=CU知，电荷量减小．故B错误．C、根据E=Ud知，电势差不

A、只增大R1，其他不变，电路中的电流变小，R2两端的电压减小，根据Q=CU2，知电容器所带的电量减小．故A错误．   B、只增大R2，其他不变，电路中的电流变小，内电压

因为电源仍存在所以电容器两端的U是不变的,根据E=U/d可以知道E变小则可以说明电场力变小了,即F变小.c与下极板间的电势差变小,所以c的电势变小.再问：怎么判断电势是变大还是变小？？？谢谢！！！！再

直接用公式.得C变大C=Q/UQ不变C变大则U变小所以U就是减小

I与t的积为电量Q,所以I-t图线下方的面积为流过R的电量Q,也就是电容器原来所带的电量Q,I-t图线下方的面积约为41个小方格的面积,每个小方格的面积为0.4s*0.2mA=0.08*10^(-3)

因通电后断开，故两板上的带电量不变；增加d，则C减小，则电势差U增大；由公式可得：U=4πkdQɛs，则电场强度E=Ud=4πkQɛs，故E与d无关，故电场强度不变；故选：A．