一个质量为m的物块从半径为R,质量为M的半圆形光滑槽且可沿光滑平面自由滑动

假设M和m在小球从滑块底端水平飞出时速度大小是V和v,MV=mv(动量守衡)又小球在释放前对水平面上的势能是mgRmgR=MV^2/2+mv^2/2(能量守衡)V=√(2m^2gR/[M(M+m)])

所需公式：F＝ma首先,如果人不动,系统不稳定,物块受到F=(m*g-m/2*g)=mg/2的力,人与绳子相对速度为零.其次,当人向上爬,与绳子相对速度u时,无论u多大,绳子受力mg,因为人对绳子的作

(1)设a和b碰撞后的速度为v1然后在小车表面滑动,且恰好不会掉下来,说明ab在小车上滑行了L的距离后,ab和小车的速度相等,设此速度为v2摩擦力f=μ4mg=4μmgab的加速度a1=4μmg/4m

1、物体下滑时受到重力、轨道给的弹力、滑动摩擦力.2、对物块做功的力有重力、摩擦力.重力做功为　W＝mgR　.3、物体由A到B,重力势能变化了mgR,重力势能是减少的.

第一问比较简单.a=gsinθ这个是切向加速度.法向的怎么来的在第二问说为2g第二问这么考虑球在下滑时做的圆周运动对吧当所需向心力大于其所能得到的向心力时就会.飞出去很明显向心力是由重力提供的设球表面

物块在斜面AB和CD上往复运动，摩擦力的方向不断变化，由于摩擦阻力做功，物块每次上滑的最高点不断在降低，当物体在B点或C点速度为零时，便在光滑曲面上往复运动，高度不再变化．设物块在斜面上（除圆弧外）运

物体在BC段受到到的摩擦力为f=umg则物体在BC段克服的摩擦力做功为Wbc=umgr根据能量守恒定律可知物体的机械能全都转化为摩擦产生的热能即mgr=Wab+Wbc所以Wab=mgr-umg

根椐质心不变原理（系统在外力为0时质心不变）设大球移动的位移为X小球相对于大球移动的水平位移为（R-r）则小球相对于地面移动的距离为（R-r）-X质心的水平位置不变M*X=m[（R-r）-X]=m（R

摩擦力和向心力是垂直的分解重力,假设重力G与滑块对轨道的压力的夹角为a,向心力F=mg*cosa在A到B过程中,角a一直在减小.所以向心力逐渐增大.但是cosa的函数图像是一个曲线,且在越靠近0度时,

分析：（1）滑块离开C点后做平抛运动得　S＝Vc*t　　2R＝g*t^2/2得　Vc＝S*根号[g/(4R)]＝40*根号[10/(4*10)]＝20m/s（2）在C点时,由向心力公式　得mg＋Nc＝

受力分析：滑块受重力、摩擦力、弹力.其中弹力指向圆心,摩擦力与圆相切,重力竖直向下.因为速率不变,所以合外力大小不变,即匀速圆周运动.作图分析：重力不变,弹力与摩擦力的合力是重力.假设水平线与碗切线夹

没错,我算的跟你一样!2m(g-a)-T=T-m(g+a)=[(MRR/2)(a/R)]/R

当物体到达圆弧的最高处正要离开时设速度为V：由能量守恒有1/2m（Vo）^2=1/2m(V)^2+mgR可以求出速度V然后物体以速度V从轨道最高处上升由公式2gh=V^2可以求出hh表示物体离开圆弧轨

在最低点有：N−mg＝mv2R解得：N=mg+mv2R．而FN=N，则：μ＝fN＝fmg+mv2R．故B正确，A、C、D错误．故选B．

1、2是一样的,方向发生变化,所以向心力和加速度都变化.3正确,因为向心力大小不变,而滑落过程中重力在垂直于圆弧的分力越来越大,那么支持力只能增大,才使得向心力大小不变.4不对,因为支持力等于木块对圆

BC段物体受摩擦力f=μmg，位移为R，故BC段摩擦力对物体做功W=-fR=-μmgR；即物体克服摩擦力做功为μmgR；对全程由动能定理可知，mgR+W1+W=0解得W1=μmgR-mgR；故AB段克

滑块从光滑圆弧轨道的a点滑到b点，速度越来越大，根据Fn＝mv2r知，向心力逐渐增大，根据a=v2r知，向心加速度逐渐增大．故B正确，A、C、D错误．故选：B．

由滑动摩擦力公式f=μN可知,μ不变N变化时,摩擦力f是变化的,所以木块下滑的过程中摩擦力的大小不变是错误的.另外从力的平衡分析本题也可以：因为半球形容器相当于一个倾斜角不断变化的斜面,所以物体沿着这

1,因为木块的质量和运动速率不变,所以在运动过程中保持不变的物理量还有动量（mv),动能（1/2mv^2).2,B肯定是拉力,因为作用到杆上的拉力FB=mg+mv^2/L；A点不一定,因为A点速度不一

A、物块从a到b过程中左侧墙壁对半球有弹力作用但弹力不做功，所以两物体组成的系统机械能守恒，但动量不守恒，故A错误；B、m从a点运动到b点的过程中，对m只有重力做功，m的机械能守恒，故B错误；C、m释